114台南一中
114台南一中回覆 1# kobelian 的帖子
請教一下 填充11 計算3 謝謝老師們 想確認一下填充9，我有算出答案是2^(5/6)×3^(7/6)，不確定有沒有錯有計算錯誤，更正一下，a是3sqrt6，但還是與原答案不符
令A,B中點是M，C,D中點是N，MN垂直OM
OM平行(1,1,1)，ON平行(1,1,0)，
MN是正四面體的歪斜是sqrt2/2的稜長，OMN是直角三角形
這樣求出OM是1倍的稜長，那OA應該是3/2的稜長才對
[[i] 本帖最後由 BambooLotus 於 2025-3-9 11:27 編輯 [/i]]
回覆 3# vln0106 的帖子
填充11\(z\)在直角坐標平面的軌跡為圓形
\(\displaystyle x^2+y^2-(\frac{2k^2}{k^2-1})x+(\frac{2}{k^2-1})y+1=0\)
圓心在\(\displaystyle (\frac{k^2}{k^2-1},\frac{-1}{k^2-1})\)，\(r=\displaystyle \frac{\sqrt{2}k}{k^2-1}\)
\(\displaystyle \frac{1+i}{\sqrt{2}}w\)在坐標平面軌跡 \(x+y+6=0\)
所求為圓上一點到直線的最短距離
得到\(\displaystyle \frac{7}{\sqrt{2}}-\frac{\sqrt{2}k}{k^2-1}\)
其中\(\displaystyle \frac{\sqrt{2}k}{k^2-1}\) 在\(k=2\) 時有最大值為\(\displaystyle \frac{2\sqrt{2}}{3}\)
因此所求的最小值為\(\displaystyle \frac{7}{\sqrt{2}}-\frac{2\sqrt{2}}{3}=\frac{17\sqrt{2}}{6}\)
[[i] 本帖最後由 satsuki931000 於 2025-3-9 00:15 編輯 [/i]] 確認一下計算二的答案
1.2
2.\(2x\)
3.2
回覆 3# vln0106 的帖子
計算第 3 題PC/sin(30∘+ θ) = 3/sin60∘
PC = 3sinθ + √3cosθ
RC/sin(120∘- θ) = 4/sin60∘
RC = (4/3)√3sinθ + 4cosθ
PR = [3 + (4/3)√3]sinθ + (4 + √3)cosθ
疊合後，可得 PR 最大值 = √[(100 + 48√3)/3]
△PQR 面積最大值 = 12 + (25/3)√3
回覆 6# satsuki931000 的帖子
計算二(2) 1
(3) 94x + 349
回覆 8# thepiano 的帖子
謝謝鋼琴老師的指正但是答案仍是不同
不知道是否哪邊有問題
(2)令\(\displaystyle G(x)=(x^2+x+1)f(x)\)
設\(f(x)=(x^2-x+1)Q_1(x)+(ax+b)\)
同乘\(x^2+x+1\) 得到 \(G(x)=(x^2+x+1)(x^2-x+1)Q_1(x)+(ax+b)(x^2+x+1)\)
因為\(G(x)\) 除以\(x^2+x+1\)的餘式為\(0\)
且\(G(x)\) 除以\((x^2-x+1)\)的餘式為\(2x\)
得到\(G(x)=(x^2+x+1)(x^2-x+1)Q_1(x)+(x^2+x+1)\)
因此\(a=0,b=1\)，所求餘式為\(1\)
(3)令\(\displaystyle G(x)=(x^2+x+1)f(x)\)
設\(f(x)=(x^2+x+1)Q_2(x)+(px+q)\)
同乘\(x^2+x+1\) 得到 \(G(x)=(x^2+x+1)^2Q_2(x)+(px+q)(x^2+x+1)\)
因為\(G(x)\) 除以\((x^3-1)^2\)的餘式為\(200x^5+53x^4-198x^2-51x+2\)
所以\(G(x)\) 除以\((x^2+x+1)^2\)的餘式為\(94x^3+443x^2+443x+349\)
即\((px+q)(x^2+x+1)=94x^3+443x^2+443x+349 \Rightarrow px+q=94x+349\)
後記: 已找出問題，感謝鋼琴老師的指正
[[i] 本帖最後由 satsuki931000 於 2025-3-9 23:06 編輯 [/i]]
回覆 7# thepiano 的帖子
感謝兩位老師回覆 9# satsuki931000 的帖子
(2) 倒數第二行應是G(x) = (x^2 + x + 1)(x^2 - x + 1)Q_1(x) + (x^2 + x + 1)
故 a = 0，b = 1，所求餘式為 1
(3) 倒數第二、三行
(x^2 + x + 1)^2 不是 x^6 - 1 的因式，不能那樣做
回覆 11# thepiano 的帖子
感謝鋼琴老師(2)計算錯誤
(3)頭昏了，想得太快
回覆 9# satsuki931000 的帖子
想請問如何求得除以(x^3-1)^2的餘式?我只會愚蠢的
令f(x)=(x^2+x+1)q(x)+r(x)
因(x^2+x+1)f(x)除以(x^2+x+1)必定整除，故求商得
f(x)=2( (sum_k=0^99 (x^3-x^2)x^3k) +1)+(sum_k=0^32 (x^2-x)x^3k)+(sum_k=0^19 (x^2-x)x^3k)
同乘(x-1)得(x-1)f(x)=(x^3-1)q(x)+(x-1)r(x)
以x^3=1帶入(x-1)f(x)降階得(x-1)(2( 100-100x^2+1)+33(x^2-x)+20(x^2-x))=(x-1)r(x)
=>r(x)=-147x^2-53x+202
再r(x)除以(x^2+x+1)得94x+349
回覆 13# cut6997 的帖子
以下方法為突發奇想是不是都能這樣做不知道XD
令\(y=x^3\)
定義\(H(y)=2x^2y^{100}+xy^{33}+xy^{20}+2\)
找\(H(y)\)除以\((y-1)^2\)的餘式
利用泰勒展開式：\((200x^2+53x)(y-1)+2(x^2+x+1)\)
還原回去展開就可以得到\(200x^5+53x^4-198x^2-51x+2\)
[[i] 本帖最後由 satsuki931000 於 2025-3-9 14:35 編輯 [/i]]
回覆 14# satsuki931000 的帖子
感謝分享，看起來挺神奇的我個人感覺要做微分的話，似乎x不能當作常數看待
可是算出來的答案卻是對的，可能得請其他老師解說緣由 填充6 計算第 1 題
請問答案是 4 嗎？
回覆 16# Superconan 的帖子
化簡\(|\log(\displaystyle\frac{|\sin(2\theta)|}{2})-2\log(|\cos\theta|)|=5-\tan\theta\)得\(|\log(|\tan\theta|)|=5-\tan\theta\)
令\(x=\tan\theta\)
原式：\(|\log|x||=5-x\)
又\(y＝5-x\)與\(y＝|\log|x||\)有三個交點\(A(a,5-a)\)、\(B(b,5-b)\)、\(C(c,5-c)\)
\(\tan\theta＝a\)、\(\tan\theta＝b\)、\(\tan\theta＝c\)在\(0\)到\(2\pi\)各有2個解
因此共有6個解。
若有錯誤，再請指正。
[[i] 本帖最後由 Jimmy92888 於 2025-3-10 07:41 編輯 [/i]] 10.
\(x\)、\(y\)為任意實數，定義：\(f(x,y)=\sqrt{(2x-2)^2+(2y-4)^2+(2x-y+9)^2}+\sqrt{(2x+2)^2+(2y+6)^2+(2x-y+11)^2}\)求\(f(x,y)\)的最小值[u] [/u]。
我的教甄準備之路 兩根號的極值問題，[url]https://math.pro/db/viewthread.php?tid=661&page=3#pid22174[/url]
回覆 14# cut6997 的帖子
微分的想法很棒，幫你補上過程\( 2x^{302}+x^{100}+x^{61}+2=(x^2+x+1)f(x)=(x^2+x+1)[(x^2+x+1)Q(x)+(Ax+B)] \)
\( = (x^2+x+1)^2Q(x)+(x^2+x+1)(Ax+B) \)
微分
\( 604x^{301}+100x^{99}+61x^{60}=2(x^2+x+1)(2x+1)Q(x)+(x^2+x+1)^2Q'(x)+(2x+1)(Ax+B)+(x^2+x+1)A \)
由廣義餘式定理，代入\( x^3=1 \)：
\( 604x + 161 = (-A+2B)x+(B-2A) \) (右邊是長除法的結果)
比較係數即可得\( A=94,B=349 \)
[[i] 本帖最後由 BambooLotus 於 2025-3-10 08:54 編輯 [/i]] 填充9，想詢問各位老師，答案是否有誤
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